Đề thi thử đại học môn Toán
Câu I: ( 2 điểm) 1 Khảo sát và vẽ đồ thị hàm số: 4 32 3− + − = x x y 2 Tìm m để phương trình 0 log 3 271 2= + −+mx x có đúng 3 nghiệm thực phân biệt
Bạn đang xem nội dung tài liệu Đề thi thử đại học môn Toán, để tải tài liệu về máy bạn click vào nút DOWNLOAD ở trên
tr−êng THPT chuyªn ha long
§Ò thi thö ®¹i häc lÇn thø nhÊt
Năm học 2010- 2011
Môn Thi : Toán - Khối A
Thời gian làm bài: 180 phút
A. Phần chung dành cho tất cả các thí sinh ( 7 ñiểm)
Câu I: ( 2 ñiểm)
1 Khảo sát và vẽ ñồ thị hàm số: 43 23 −+−= xxy
2 Tìm m ñể phương trình 0log327 12 =+− + mxx có ñúng 3 nghiệm thực phân biệt
Câu II ( 2 ñiểm)
1 Giải phương trình lượng giác : 4)
2
tan.tan1(sincot =++ xxxx
2 Giải bÊt ph−¬ng tr×nh: )3(log53loglog 242222 −>−+ xxx
Câu III ( 1 ñiểm)
Tính giới hạn sau :
2
sin
)cos
2
cos(
lim
20 x
x
x
pi
→
Câu IV: ( 1 ñiểm)
Trong mặt phẳng (P) cho tam giác ñều ABC có cạnh bằng 2. Trên ñường thẳng d vuông góc với mặt
phẳng (P) tại A lấy hai ñiểm M, N( không trùng với A) sao cho mặt phẳng (MBC) vuông góc với mặt phẳng
(NBC). ðặt AM = a. Tìm a ñể thể tích khối tứ diện BCMN nhỏ nhất
Câu V ( 1 ñiểm)
Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức:
a
b
b
a
a
b
b
a
a
b
b
aF ++−−+= 2
2
2
2
4
4
4
4
B.Phần riêng ( 3ñiểm)
Thí sinh chỉ ñược làm một trong hai phần ( Phần 1 hoặc phần 2)
Phần1.Theo chương trình chuẩn
Câu VI.a ( 2 ñiểm). Trong mÆt ph¼ng Oxy:
1 Trong mặt phẳng Oxy cho tam giác ABC cân tại A có trọng tâm
3
4
;
3
7G , phương trình ñường thẳng
BC là: 032 =−− yx và phương trình ñường thẳng BG là: 01147 =−− yx . Tìm toạ ñộ A, B, C.
2. Trong mặt phẳng toạ ñộ Oxy cho ñường tròn (C) có phương trình 03641222 =+−−+ yxyx .
Viếtphương trình ñường tròn (C’) tiếp xúc với hai trục toạ ñộ và tiếp xúc ngoài với (C).
Câu VII.a ( 1 ñiểm)
Một ñội sản xuất có 14 người gồm 6 nam và 8 nữ trong ñó có một ñôi vợ chồng. Người ta muốn chọn
một tổ công tác gồm 6 người sao cho trong tổ có một tổ trưởng, 5 tổ viên, hơn nữa hai vợ chồng không ñồng
thời có mặt trong tổ. Tìm số cách chọn
Phần2.Theo chương trình nâng cao
Câu VI.b (2 ñiểm)
1 Trong mặt phẳng toạ ñộ Oxy cho ba ñường thẳng
06:)(;043:)(;03:)( 321 =−+=−−=− yxdyxdxd
tìm toạ ñộ các ñỉnh của hình vuông ABCD biết rằng A,C thuộc (d1); B thuộc (d2); D thuộc (d3)
2 Trong mặt phẳng toạ ñộ Oxy cho hai ñiểm A(2;1) và B(3;2). Viết phương trình ñường tròn ñi qua A, B
và tiếp xúc với trục hoành
Câu VII.b ( 1ñiểm)
Giải hệ phương trình:
+=
+=
12
12
x
y
y
x
Tr−êng THPT chuyªn ha long §Ò thi thö ®¹i häc lÇn thø nhÊt
Năm học 2010- 2011
Môn Thi : Toán - Khối B
Thời gian làm bài: 180 phút
A. Phần chung dành cho tất cả các thí sinh ( 7 ñiểm)
Câu I: ( 2 ñiểm) Cho hàm số mxxy +−= 23 3 , m là tham số (1)
1 Khảo sát sự biến thiên và vẽ ñồ thị hàm số (1) khi m = 2.
2 Tìm m ñể tiếp tuyến của ñồ thị hàm số (1) tại ñiểm có hoành ñộ bằng 1 cắt trục Ox, Oy lần lượt tại A,
B sao cho diện tích tam giác OAB bằng
2
3
Câu II ( 2 ñiểm)
1 Giải phương trình lượng giác : 4)
2
tan.tan1(sincot =++ xxxx
2 Giải hệ phương trình:
=++
=+
21
2
5
22 xyyx
x
y
y
x
Câu III ( 1 ñiểm) Tính giới hạn sau :
2
sin
)cos
2
cos(
lim
20 x
x
x
pi
→
Câu IV: ( 1 ñiểm)
Cho hình chóp S.ABCD có ñáy ABCD là hình vuông, mặt bên SAB là tam giác ñều và vuông góc với
ñáy. Tính thể tích khối chóp S.ABCD biết khoảng cách giữa hai ñường thẳng AB và SC bằng a
Câu V ( 1 ñiểm) .
Chứng minh rằng, tam giác ABC thoả mãn ñiều kiện
2
cos
2
cos4
2
sin2
2
7
coscoscos
BACCBA ++−=−+ là
tam giác ñều
B.Phần riêng ( 3ñiểm)Thí sinh chỉ ñược làm một trong hai phần ( Phần 1 hoặc phần 2)
Phần1.Theo chương trình chuẩn
Câu VI.a ( 2 ñiểm).
1 Trong mặt phẳng Oxy cho tam giác ABC cân tại A có trọng tâm
3
4
;
3
7G , phương trình ñường thẳng
BC là: 032 =−− yx và phương trình ñường thẳng BG là: 01147 =−− yx . Tìm toạ ñộ A, B, C.
2 Cho ®−êmg trßn (C) cã ph−¬ng tr×nh 0204222 =−−−+ yxyx vµ ®iÓm M(2;5). ViÕt ph−¬ng tr×nh
®−êng th¼ng ®i qua M vµ c¾t ®−êng trßn (C) theo một dây cung có ñộ dài nhỏ nhất
Câu VII.a ( 1 ñiểm) Cho khai triển
n
x
x
+
3 2
3 3
. Biết tổng hệ số của 3 số hạng ñầu tiên trong khai triển
bằng 631. Tìm hệ số của số hạng có chứa 5x
Phần2.Theo chương trình nâng cao
Câu VI.b (2 ñiểm) 1. Trong mặt phẳng Oxy cho tam giác ABC cân tại A có trọng tâm
3
4
;
3
7G , phương trình
ñường thẳng BC là: 032 =−− yx và phương trình ñường thẳng BG là: 01147 =−− yx . Tìm toạ ñộ A, B, C.
2 Cho ®−êmg trßn (C) cã ph−¬ng tr×nh 0204222 =−−−+ yxyx vµ ®iÓm M(2;5). ViÕt ph−¬ng tr×nh
®−êng th¼ng ®i qua M vµ c¾t ®−êng trßn (C) theo một dây cung có ñộ dài nhỏ nhất
Câu VII.b ( 1ñiểm)
Giải hệ phương trình:
=+−
=+
yyy
yx
x 813).122(
3log
2
3
ðáp án To¸n – Khèi A- Thi thử ñại học lần 1 năm học 2010-2011
Câu Lời giải ðiểm
I.1
(1ñ)
* TXð:R
=
=
⇔=+−=
2
0
0';63' 2
x
x
yxxy
* ∞=
±∞→
µy
x
lim
Bảng biến thiên
* Hàm số ñồng biến trên (0;2), nghịch biến trên các khoảng );2();0;( +∞−∞
Có Cð(2;0); và CT(0;-4)
* ðồ thị: : ði qua các ñiểm U(1;-2); A(-1;0); B(3;-4), ðường vẽ phải trơn, có tính
ñối xứng
x ∞− 0 2 + ∞
y’ - 0 + 0 -
y
+ ∞
0.25
0.25
0.25
0.25
I.2 * pt 0log3.33 ||2||3 =+−⇔ mxx (1)
ðặt ),1(3 || ≥= ttx (*) ta có pt: 4log430log3 2323 −=−+−⇔=+− mttmtt (2)
* Nhận xét: với t = 1 pt (*) có 1 nghiệm x = 0; với t > 1 pt (*) có 2 nghiệm trái
dấu
* Nên pt (1) có 3 nghiệm phân biệt khi pt (2) có một nghiệm t = 1 và một nghiệm
t > 1
* Dựa vào ñồ thị ñã vẽ 1002log24log =⇔=⇔−=−⇒ mmm
0.25
0.25
0.25
0.25
II.1
(1ñ) ðK: 02cos,0cos,0sin ≠≠≠
x
xx
0.25
- ∞
0
-4
A
C
B
M
N
E
* 4)
2
cos.cos
2
sin.
2
cos.
2
sin.2
1(sin
sin
cos4)
2
cos
2
sin
.
cos
sin1(sin
sin
cos
=++⇔=++⇔
x
x
xxx
x
x
x
x
x
x
x
x
x
xpt
* 4
cos
sin
sin
cos4)
cos
cos11(sin
sin
cos
=+⇔=
−
++⇔
x
x
x
x
x
x
x
x
x
*
2
12sincos.sin4sincos 22 =⇔=+⇔ xxxxx
* Zk
kx
kx
∈
+=
+=
⇔ ,
12
5
12
pi
pi
pi
pi
, thoả mãn các ñiều kiện
0.25
0.25
0.25
II.2
(1ñ)
* ðK: 03loglog;0 2222 ≥−+> xxx
bpt
−>−+
=
⇔−>−+⇔
)2()3(532
log
)3(log53log2log
2
2
2
2
2
ttt
tx
xxx
* Với t < 3:
<≤
−≤
⇒
≥
−≤
⇔≥−+⇒
31
3
1
3
032)2( 2
t
t
t
t
tt
* Với t ≥ 3: 6362048324)3(532)2( 222 −+⇒ ttttttt
* Kết hợp
<≤
≤<
⇔
<≤
−≤
⇔
<≤
−≤
642
8
10
6log1
3log
61
3
2
2
x
x
x
x
t
t
0.25
0.25
0.25
0.25
III
(1ñ) *
2
sin
)cos
22
sin(
lim
2
sin
)cos
2
cos(
lim
2020 x
x
x
x
xx
pipipi
−
=
→→
*
2
sin
)
2
sin2
2
sin(
lim
2
2
0 x
x
x
pi
→
=
* [ ] pi
pi
pi
pi ==
→
2
sin
)
2
sin.sin(
.lim
2
2
0 x
x
x
0.25
0.25
0.5
IV
(1ñ)
* Gọi E là trung ñiểm của BC
VNEMENEMNBCMBC
BCNE
BCME
1),())(),(( ===⇒
⊥
⊥
⇒
)
.
Nhận xét M,N nằm về hai phía của ñiểm A
* Trong :MNE∆
aAM
AEANANAMAE 3.
2
2
==⇒=
* 3
4
3S
2
ABC ==∆
AB
)3(3
3
1)(
3
1
a
aANAMSV ABCBCMN +=+= ∆
* Vì 323 ≥+
a
a , dấu (=) xảy ra khi
0.25
0.25
0.25
33 ==
a
a
Vậy thể tích khối tứ diện BCMN nhỏ nhất là V=2(ñvtt) khi 3=a
0.25
V
(1ñ) * ðặt 02||, ≠∀≥+= abvoita
b
b
a
t
45)2(2)2(2)2(;2 24222224
4
4
4
2
2
2
2
2
++−=+−−−−=⇒−−=+−=+⇒ ttttttFt
a
b
b
a
t
a
b
b
a
* Xét hàm số F(t) trên ] [ );22;( +∞∪−−∞ ta có
2||01012)(";1104)(' 23 ≥∀>−=+−= tvoittFtttF
F’(t) là hàm số ñồng biến trên ] [ );2;2;( +∞−−∞
* Với 013)2(')('2 >=≥⇒≥ FtFt
Với 011)2(')('2 <−=−≤⇒−≤ FtFt
Ta có bảng biến thiên của hàm số F(t)
* Nhìn vào bảng biến thiên ta có minF = -2 khi t=-2
012 =+⇔−=⇔−=+⇔ ba
b
a
a
b
b
a
t ∞− -2 2 + ∞
F’ - -11 13 +
F
-2
2
0.25
0.25
0.25
0.25
VIa.1
(1ñ) * Toạ ñộ B là nghiệm của hệ )1;1(01147
032
−⇒
=−−
=−−
B
yx
yx
* Gọi N là trung ñiểm của AC, ta có )
2
5
;3(
2
3 NBGBN ⇒=
Do tam giác ABC cân tại A nên AG ⊥ BC, phư ơng trình của AG là
062 =−+ yx
*
=+
=+
=−+
=−−
⇒∈∈
5
6
062
032x
AG;;
C
CA
CA
AA
C
yy
xx
yx
y
ACdiemtrunglaNABCC
* Giải hệ trên ñược A(1;4); C(5;1)
0.25
0.25
0.25
0.25
VIa.2
(1ñ)
* ðường tròn (C) có tâm I(6;2), bk R=2
* Giả sử (C’) có tâm I’(a;b), bk R’, do (C’) tiếp xúc với hai trục toạ ñộ nên
|a|=|b|=R’
(C’) tiếp xúc ngoài với (C) nên II’ = R + R’
* Nhận xét: (C) nằm trong góc phần tư thứ nhất và tiếp xúc trục hoành nên a>0
+ Nếu a=b: ta có
=
=
⇔+=−+−
18
2)2()2()6( 222
a
a
aaa
Phương trình (C’) là 4)2()2( 22 =−+− yx và 324)18()18( 22 =−+− yx
0.25
0.25
0.25
* + Nếu b= -a: ta có 6)2()2()6( 222 =⇔+=−−+− aaaa
Phương trình của (C’) là 36)6()6( 22 =++− yx
Có 3 ñường tròn thoả mãn ycbt
0.25
VIIa
(1ñ)
* Chọn tuỳ ý 6 trong số 14 người có: 614C cách
* Chọn 6 người trong ñó có cả hai vợ chồng có: 412C cách
* Vậy số cách chọn 6 người mà hai vợ chồng không ñồng thời có mặt: 412614 CC −
* Trong 6 người ñã chọn, chọn ra một tổ trưởng có: 6 cách chọn tổ trưởng
Vậy số cách chọn cần tìm là: 150486)( 412614 =− CC cách
0.25
0.25
0.25
0.25
VIb.1
(1ñ)
* 3)(;3)( 11 =⇒∈=⇒∈ CA xdCxdA
06)(;043)( 32 =−+⇒∈=−−⇒∈ DDBB yxdDyxdB
* Do ABCD là hình vuông nên:
• AC và DB cắt nhau tại trung ñiểm mỗi ñường 6=+⇒ DB xx
• .0))(())((0AC DBBDACBDAC yyyyyyxxxxBDBDAC =⇒=−−+−−⇔=⇔⊥
(vì CACA yyxx ≠⇒== 3 )
•
0)()3)(3(
0))(())((0
2
=−+−−⇔
=−−+−−⇔=⇔⊥
ABDB
ADABADAB
yyxx
yyyyxxxxADABADAB
* Giải hệ ñiều kiện trên ñược:
==
==
====
3;1
1;3
;2;4;2
CA
CA
DBDB yy
yy
yyxx
Vậy toạ ñộ các ñỉnh của hình vuông ABCD là:
A(3;1); B(2;2); C(3;3); D(4;2) hoặc A(3,3); B(2;2); C(3;1); D(4;2)
0.25
0.5
0.25
VIb.2
(1ñ)
* Giả sử (C) có tâm I(a;b), bk R
Vì (C) tiếp xúc trục hoành nên |b| = R
* Vì (C) ñi qua A(2;1) và B(3;2) nên
4)2()3()1()2( 222222 =+⇔−+−=−+−⇔= bababaIBIA
* Giải hệ
=
−=
=
=
⇔
=+
=−+−
5
1
1
3
4
)1()2( 222
b
a
b
a
ba
bba
* ðường tròn (C) có phương trình là 1)1()3( 22 =−+− yx và 25)5()1( 22 =−++ yx
0.25
0.25
0.25
0.25
VIIb
(1ñ)
* Giả sử .1122 xyxyyx yx ≥⇒+≥+⇒≥⇒≥ Vậy x = y
* Xét hàm số 02ln2)("12ln2)('12)( 2 >=⇒−=⇒−−= xxx xfxfxxf
0
2ln
1log
2ln
120)(' 20 >==⇔=⇔= xxxf x ; +∞=<−=
+∞→
)('lim;012ln)0(' xff
x
Bảng biến thiên:
x ∞− 0 x0 + ∞
f’ - 0 +
f
+ ∞
f(x0)
0.25
0.25
* Suy ra pt 12012 +=⇔=−− xx xx (*) có nhiều nhất 2 nghiệm.
* Mà ta thấy x = 0 và x = 1 thoả mãn pt (*). ðó là hai nghiệm của pt (*)
Vậy nghiệm của hệ phương trình là:
=
=
=
=
1
1
;
0
0
y
x
y
x
0.25
0.25
Trªn ®©y lµ tãm t¾t c¸ch gi¶i, cÇn l−u ý lËp luËn cña häc sinh trong qu¸ tr×nh gi¶i bµi. NÕu häc
sinh lµm theo c¸c cach kh¸c nhau tæ chÊm th¶o luËn ®Ó chia ®iÓm thèng nhÊt. §iÓm toµn bµi
kh«ng lµm trßn
ðáp án To¸n – Khèi B
Thi thử ñại học lần 1 năm học 2010-2011
Câu Lời giải ðiểm
I.1
(1ñ)
Khi m = 2, ta c ó: 23 23 +−= xxy
• TX ð: D = R
Giới hạn ±∞=
±∞→
y
x
lim
=
=
⇔=−=
2
0
0';63' 2
x
x
yxxy
• BBT
* Hàm số ñồng biến trên các khoảng );2();0;( +∞−∞ , nghịch biến trên khoảng
)2;0(
Có ñiểm cực ñại (0;2) và ñiểm cực tiểu (2;-2)
* ðồ thị: ði qua các ñiểm U(1;0); A(-1;-2); B(3;2), ðường vẽ phải trơn, có tính
ñối xứng
x ∞− 0 2 + ∞
y’ + 0 - 0 +
y 2 + ∞
- ∞ -2
0.25
0.25
0.25
0.25
I.2
(1ñ)
* 21 −=⇒= myx . Phương trình tiếp tuyến tại ñiểm (1;m-2) là: 13 ++−= mxy
* Tìm ñược toạ ñộ )1;0();0;
3
1( ++ mBmA
* 1.
3
1
.
2
1
.
2
1
+
+
==∆ m
mOBOAS OAB
*
−=
=
⇔
−=+
=+
⇔=+⇔=∆ 4
2
31
31
2
3)1.(
6
1
2
3 2
m
m
m
m
mS OAB
0.25
0.25
0.25
0.25
II.1
(1ñ) ðK: 02cos,0cos,0sin ≠≠≠
x
xx
0.25
* 4)
2
cos.cos
2
sin.
2
cos.
2
sin.2
1(sin
sin
cos4)
2
cos
2
sin
.
cos
sin1(sin
sin
cos
=++⇔=++⇔
x
x
xxx
x
x
x
x
x
x
x
x
x
xpt
* 4
cos
sin
sin
cos4)
cos
cos11(sin
sin
cos
=+⇔=
−
++⇔
x
x
x
x
x
x
x
x
x
*
2
12sincos.sin4sincos 22 =⇔=+⇔ xxxxx
* Zk
kx
kx
∈
+=
+=
⇔ ,
12
5
12
pi
pi
pi
pi
, thoả mãn các ñiều kiện
0.25
0.25
0.25
II.2
(1ñ) * ðK: xy>0. ðặt )0(, >= tty
x
, phương trình (1) trở thành
=
=
⇔=+−⇔=+
2
1
2
0252
2
51 2
t
t
tt
t
t
* Với t=2 => x=4y thay vào phương trình (2) ta ñược
1121416 2222 ±=⇔=⇔=++ yyyyy .
Hệ phương trình có nghiệm (4;1) và (-4;-1)
* Với xyt 4
2
1
=⇒= , ta có: 1121416 2222 ±=⇔=⇔=++ xxxxx
Hệ phương trình có nghiệm (1;4) và (-1;-4)
* Kết luận: Hệ phương trình có 4 cặp nghiệm
0.25
0.25
0.25
0.25
III
(1ñ) *
2
sin
)cos
22
sin(
lim
2
sin
)cos
2
cos(
lim
2020 x
x
x
x
xx
pipipi
−
=
→→
*
2
sin
)
2
sin2
2
sin(
lim
2
2
0 x
x
x
pi
→
=
* pi
pi
pi
pi ==
→
2
sin
)
2
sin.sin(
.lim
2
2
0 x
x
x
0.25
0.25
0.5
IV.
(1ñ)
* Gọi H là trung ñiểm AB )(ABCDSHABSH ⊥⇒⊥⇒
Vì AB//CD =>AB//mp(SCD)=>d(AB,SC)=d(AB;(SCD))=d(H;(SCD))
* Gọi E là trung ñiểm CD => CD ⊥ mp(SHE)
Kẻ aHKSCABdSCDHdSCDAKSEAK ===⇒⊥⇒⊥ ),())(,()(
* Gọi cạnh hình vuông là x xHE ==⇒ ;
2
3x
¸SH
0.25
0.25
0.25
3
7
3
7
3
411 22
222 ax
a
x
xxa
=⇒=⇒+=
*
18
7.7.
2
7
.
3
7
.
3
1)
2
3
.
3
7(
3
1
.
3
1 322
.
aaaa
xSHSV ABCDABCDS ====
0.25
V
(1ñ)
*
)1(0
2
cos2
2
5
2
sin2
2
cos2
2
sin2
0
2
cos2
2
5
2
sin4
2
sin
2
cos2
2
sin2
)
2
cos
2
(cos2
2
sin2
2
7
2
sin21
2
cos
2
cos2
2
2
2
=
−
−+
−
−
+⇔
=
−
−+−
−
+⇔
−
+
+
++−=+−
−+
BACBAC
BACCBAC
BABACCBABA
* (1) là tam thức bậc hai theo
2
sin C có
01)
2
(cos
2
cos452
2
cos' 2
2
≤−−=−+−
−
−
=∆ BABABA
Do ñó:
−=
=
−
⇔
2
_
cos2
2
1
2
sin
1
2
cos
)1(
2
BAC
BA
* Giải hệ trên ta ñược với A,B,C là 3 góc trong tam giác, ta có
ABC
C
BA
C
BA
∆⇒
=
=
⇒
=
=
−
060
2
1
2
sin
1
2
cos
ñều (ñpcm)
0.5
0.25
0.25
VIa.1
(1ñ) * Toạ ñộ B là nghiệm của hệ )1;1(01147
032
−⇒
=−−
=−−
B
yx
yx
* Gọi N là trung ñiểm của AC, ta có )
2
5
;3(
2
3 NBGBN ⇒=
Do tam giác ABC cân tại A nên AG ⊥ BC, phư ơng trình của AG là
062 =−+ yx
*
=+
=+
=−+
=−−
⇒=∈∈
5
6
062
032x
CNANAG;;
C
CA
CA
AA
C
yy
xx
yx
y
ABCC
* Giải hệ trên ñược A(1;4); C(5;1)
0.25
0.25
0.25
0.25
VIa.2
(1 ñ)
* ðường tròn (C) có tâm I(1,2), bk R=5
RIM M nằm trong ñường tròn
* Giả sử ñường thẳng (d) ñi qua M cắt (C) theo dây cung AB, kẻ ABIH ⊥ ta có
0.25
0.25
B
A
C
D
S
E
H
K
2222 IHRAHAB −== => AB nhỏ nhất khi IH lớn nhất
* Mà IMIH ≤ , nên IH lớn nhất khi IMIH = hay (d) vuông góc với IM
* Vậy (d) nhận )3;1(=IM làm véctơ pháp tuyến; phương trình của (d) là:
0173 =−+ yx
0.25
0.25
VIIa
(1 ñ) * )0(;33.33
0
3
2
2
)(3
0
3
2
2
)(3
3
2
2
3
3 2
3 nkxCxxCxx
x
x
n
k
kkn
kk
n
n
k
k
k
kn
k
n
nn
≤≤==
+=
+ ∑∑
=
−
−
=
−
−
−
* Giải 1204203....63193 2210 =⇒=−−⇔⇔=++ nnnCCC nnn
* Hệ số của số hạng có chứa 5x là kkC 312 ứng với k thoả mãn
65
3
2
2
)12(3
=⇔=−
− kkk
* Hệ số cần tìm là 67359636612 =C
0.25
0.25
0.25
0.25
VIb.1
(1ñ) * Toạ ñộ B là nghiệm của hệ )1;1(01147
032
−⇒
=−−
=−−
B
yx
yx
* Gọi N là trung ñiểm của AC, ta có )
2
5
;3(
2
3 NBGBN ⇒=
Do tam giác ABC cân tại A nên AG ⊥ BC, phư ơng trình của AG là
062 =−+ yx
*
=+
=+
=−+
=−−
⇒=∈∈
5
6
062
032x
CNANAG;;
C
CA
CA
AA
C
yy
xx
yx
y
ABCC
* Giải hệ trên ñược A(1;4); C(5;1)
0.25
0.25
0.25
0.25
VIb.2
(1ñ)
* ðường tròn (C) có tâm I(1,2), bk R=5
RIM M nằm trong ñường tròn
* Giả sử ñường thẳng (d) ñi qua M cắt (C) theo dây cung AB, kẻ ABIH ⊥ ta có
2222 IHRAHAB −== => AB nhỏ nhất khi IH lớn nhất
* Mà IMIH ≤ , nên IH lớn nhất khi IMIH = hay (d) vuông góc với IM
* Vậy (d) nhận )3;1(=IM làm véctơ pháp tuyến; phương trình của (d) là:
0173 =−+ yx
0.25
0.25
0.25
0.25
VIIb
(1 ñ)
* ðK: y> 0
Từ pt (1) ta có:
y
x 273 =
* Thay vào phương trình (2):
−=
=
⇔=−+⇔=+− )(3
4
0128127)122( 22
loaiy
y
yyy
y
yy
* Nghiệm của hệ là
=
=
4
4
27log3
y
x
0.5
0.25
0.25
Trªn ®©y lµ tãm t¾t c¸ch gi¶i, cÇn l−u ý lËp luËn cña häc sinh trong qu¸ tr×nh gi¶i bµi. NÕu häc
sinh lµm theo c¸c c¸ch kh¸c nhau tæ chÊm th¶o luËn ®Ó chia ®iÓm thèng nhÊt. §iÓm toµn bµi
kh«ng lµm trßn